Curl отправка файла содержащегося в строке

Вопрос скорее по Curl чем по Python, поэтому создаю новую тему. Пишу я бота, с привязкой к капчаботу, но суть в том, что после скачивания, например картинки рекапчи, она заносится в cStringIO, а вот как заставить curl отправить картинку из cStringIO пост запросом (Пока находил только методы с сохранением файла на диск, но не хочется так делать).

Для тех кто не в курсе, cStringIO - по сути обычная строка.

 

molologin прочитайте из StringIO в переменную и отправьте как обычный текст.

 

Вы имеете ввиду составить весь запрос вручную? да, так и делал с urllib2, а вот как с curl'ом отправить что-то типа:

Code:

'''--%s
Content-Disposition: form-data; name="method"

post
--%s
Content-Disposition: form-data; name="phrase"

1
--%s
Content-Disposition: form-data; name="key"

%s
--%s
Content-Disposition: form-data; name="file"; filename="capcha.jpg"
Content-Type: image/pjpeg

%s
--%s--

''' % (boundary, boundary, boundary, key, boundary, tmp[0], boundary)

Не знаю

 

вот функции для генерации multipart/form-data запроса.

но вообще вот такой код должен работать:

Code:

c = pycurl.Curl()
c.setopt(c.URL, "http://url/a.cgi")
c.setopt(c.HTTPPOST,[ 
                      ("method", "post"), 
                      ("phrase", var_value), 
                      ("key", var_value2), 
                      ("file", 
                                 (c.FORM_FILE, хендл_цстрингио, 
                                  c.FORM_CONTENTTYPE, "image/pjpeg"))
                    ])

 

Code:

import pycurl
import cStringIO
cs=cStringIO.StringIO()
cs.write(open('d:\\temp.jpg','rb'))
c = pycurl.Curl()
c.setopt(c.URL, "http://url/a.cgi")

c.setopt(c.HTTPPOST,[("method", "post"), 
                      ("phrase", 1), 
                      ("key", 'somekey'), 
                      ("file",(c.FORM_FILE, cs, c.FORM_CONTENTTYPE, "image/pjpeg"))])

File "<pyshell#20>", line 5, in <module>
    ("file",(c.FORM_FILE, cs.getvalue(), c.FORM_CONTENTTYPE, "image/pjpeg"))])
TypeError: unsupported second type in tuple

 

попробуйте вместо "image/pjpeg", "Content-type: image/pjpeg" или другой любой тип

 

Нет, не помогает, и не поможет, в документациии о чтении из строки вообще ничего не сказано, так что требую костыль

 

тут не проблема в чтении, файл оно читает из хендла нормально в этом коде. питон не хавает контент тайп почемуто

 

Code:

cs=cStringIO.StringIO()
cs.write(open('d:\\temp.jpg','rb').read())
c = pycurl.Curl()
c.setopt(c.URL, "http://url/a.cgi")
d=[("file",(c.FORM_FILE, cs.getvalue(), c.FORM_CONTENTTYPE, "image/jpeg", c.FORM_FILENAME, 'image.jpg'))]
c.setopt(c.HTTPPOST,d)

pycurl.error: (26, 'failed creating formpost data')

d=[("file",(c.FORM_FILE, cs, c.FORM_CONTENTTYPE, "image/jpeg", c.FORM_FILENAME, 'image.jpg'))]
c.setopt(c.HTTPPOST,d)

c.setopt(c.HTTPPOST,d)

Ну может хоть кто-то знает выход?

 

без сохранения файла на диск через pycurl это не возможно

 

А отправить что-то типа:

Code:

'''--%s
Content-Disposition: form-data; name="method"

post
--%s
Content-Disposition: form-data; name="file"; filename="captcha.jpg"
Content-Type: image/pjpeg

%s
--%s--''' % (boundary, boundary, (StringIO object).getvalue(), boundary)

Тоже через курл нельзя?

 

Можно, этот тип данных называется multipart , опция курла CUSTOMREQUEST позволяет запихнуть любой параметр в заголовок через setopt.

выставьте через setopt 'Content-type: multipart/form-data' в CUSTOMREQUEST и сгенерируйте данные модулем который я кидал в предыдущем посте.

 

Всё, сделал так, вроде работает.

Code:

#!/usr/bin/python
# -*- coding: utf-8 -*-
import pycurl
import base64
import urllib
key='xxxxxxxxxxxxxxxxxxxxxx'
tmp = open('r:\Projects\EclipseProjects\Python1\image.jpg','rb').read()
poststring=urllib.urlencode({'method':'base64','key':key,'body':base64.encodestring(tmp),'ext':'jpg'})

c=pycurl.Curl()
c.setopt(c.URL,'http://captchabot.com/in.php')
c.setopt(pycurl.POSTFIELDS,poststring)
c.perform()

 

Code:

self.filename = 'c.jpg'
self.mimetype = 'image/jpeg

data = [
    ('method', 'post'),
    ('key', self.agatekey),
    ('file"; filename="%s' % self.filename,
    (pycurl.FORM_CONTENTS, buff, pycurl.FORM_CONTENTTYPE, self.mimetype))
]

self.curl.setopt(pycurl.URL, '%sin.php' % self.servaddr)
self.curl.setopt(pycurl.POST, True)
self.curl.setopt(pycurl.HTTPPOST, data)

 

И где ж ты был всё это время?

 

в бане.